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題目列表(包括答案和解析)

(16分)三峽水利樞紐工程是長江流域治理開發(fā)的關(guān)鍵工程,是中國規(guī)模最大的水利工程.樞紐控制流域面積為1.0×106 km2,占長江流域面積的56%,壩址處年平均流量為Q=4.51×1011m3.水利樞紐的主要任務(wù)包括防洪、發(fā)電、航運三方面.在發(fā)電方面,三峽電站安裝水輪發(fā)電機組26臺,總裝機容量(指26臺發(fā)電機組同時工作的總發(fā)電功率)為P=1.82×107 kW,年平均發(fā)電量約為W=8.40×1010 kW·h.該工程已全部竣工,電站主要向華中、華東電網(wǎng)供電,以緩解這兩個地區(qū)的供電緊張局面.閱讀上述資料,解答下列問題(水的密度ρ=1.0×103 kg/m3,g取10 m/s2):
(1)若三峽電站上、下游水位差按h=100 m計算,試推導(dǎo)三峽電站將水流的勢能轉(zhuǎn)化為電能的效率η的公式,并計算出效率η的數(shù)值.
(2)若26臺發(fā)電機組全部建成并發(fā)電,要達(dá)到年發(fā)電量的要求,每臺發(fā)電機組平均年發(fā)電時間t為多少天?
(3)將該電站的電能輸送到華中地區(qū),送電功率為P1=4.5×105 kW,采用超高壓輸電,輸電電壓為U=500 kV,而發(fā)電機輸出的電壓約為U0=18 kV.若輸電線上損耗的功率為輸電功率的5%,求發(fā)電站的升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比和輸電線路的總電阻.

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(16分)如圖所示的直角坐標(biāo)系第、象限內(nèi)存在方向向里的勻強磁場,磁感應(yīng)強度大小B=0.5T,處于坐標(biāo)原點O的放射源不斷地放射出比荷C/kg的正離子,不計離子之間的相互作用。

⑴求離子在勻強磁場中運動周期;

⑵若某時刻一群離子自原點O以不同速率沿x軸正方向射出,求經(jīng)過s時間這些離子所在位置構(gòu)成的曲線方程;

⑶若離子自原點O以相同的速率v0=2.0×106m/s沿不同方向射入第象限,要求這些離子穿過磁場區(qū)域后都能平行于y軸并指向y軸正方向運動,則題干中的勻強磁場區(qū)域應(yīng)怎樣調(diào)整(畫圖說明即可)?并求出調(diào)整后磁場區(qū)域的最小面積。

 

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(16分)三峽水利樞紐工程是長江流域治理開發(fā)的關(guān)鍵工程,是中國規(guī)模最大的水利工程.樞紐控制流域面積為1.0×106 km2,占長江流域面積的56%,壩址處年平均流量為Q=4.51×1011m3.水利樞紐的主要任務(wù)包括防洪、發(fā)電、航運三方面.在發(fā)電方面,三峽電站安裝水輪發(fā)電機組26臺,總裝機容量(指26臺發(fā)電機組同時工作的總發(fā)電功率)為P=1.82×107 kW,年平均發(fā)電量約為W=8.40×1010 kW·h.該工程已全部竣工,電站主要向華中、華東電網(wǎng)供電,以緩解這兩個地區(qū)的供電緊張局面.閱讀上述資料,解答下列問題(水的密度ρ=1.0×103 kg/m3,g取10 m/s2):

(1)若三峽電站上、下游水位差按h=100 m計算,試推導(dǎo)三峽電站將水流的勢能轉(zhuǎn)化為電能的效率η的公式,并計算出效率η的數(shù)值.

(2)若26臺發(fā)電機組全部建成并發(fā)電,要達(dá)到年發(fā)電量的要求,每臺發(fā)電機組平均年發(fā)電時間t為多少天?

(3)將該電站的電能輸送到華中地區(qū),送電功率為P1=4.5×105 kW,采用超高壓輸電,輸電電壓為U=500 kV,而發(fā)電機輸出的電壓約為U0=18 kV.若輸電線上損耗的功率為輸電功率的5%,求發(fā)電站的升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比和輸電線路的總電阻.

 

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(16分)如圖所示的直角坐標(biāo)系第、象限內(nèi)存在方向向里的勻強磁場,磁感應(yīng)強度大小B=0.5T,處于坐標(biāo)原點O的放射源不斷地放射出比荷C/kg的正離子,不計離子之間的相互作用。

⑴求離子在勻強磁場中運動周期;
⑵若某時刻一群離子自原點O以不同速率沿x軸正方向射出,求經(jīng)過s時間這些離子所在位置構(gòu)成的曲線方程;
⑶若離子自原點O以相同的速率v0=2.0×106m/s沿不同方向射入第象限,要求這些離子穿過磁場區(qū)域后都能平行于y軸并指向y軸正方向運動,則題干中的勻強磁場區(qū)域應(yīng)怎樣調(diào)整(畫圖說明即可)?并求出調(diào)整后磁場區(qū)域的最小面積。

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  (16分)如圖5所示,矩形裸導(dǎo)線框長邊的長度為2L

短邊的長度為L,在兩個短邊上均接有電阻R,其余

部分電阻不計。導(dǎo)線框一長邊與x軸重合,左邊的坐

標(biāo)x=0, 線框內(nèi)有一垂直于線框平面的磁場,磁場的

磁感應(yīng)強度B 。導(dǎo)體棒AB在沿x軸正方向的拉力F

(大小未知)作用下,以加速度a從x=0處勻加速運動到x=2L處。

  ⑴ 求導(dǎo)體棒ABx=0運動到x=2L過程中通過導(dǎo)體棒的電量。

某同學(xué)的解題過程如下:

oaAB回路的平均電動勢  bcAB回路的平均電動勢 導(dǎo)體棒AB上的平均電動勢E=E1+E2 =   

通過導(dǎo)體棒的電量     

你認(rèn)為以上分析是否正確,若正確簡要說明理由,若不正確,請給出正確的解答。

  ⑵ 推導(dǎo)出力F與時間t間的關(guān)系式,給出時間t的取值范圍。

  ⑶ 你能求出勻加速運動過程中拉力F的沖量嗎?若能,請求出具體的結(jié)果(用給定的已知量表示)

  

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

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題號

1

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12

答案

C

C

A

B

BD

AD

CD

BD

BD

ABD

B

AC

13.(1)將玻璃板放在盤上,用筆畫出油膜的形狀(2分)  (3分)

(2)(1)1.00m/s,2.50m/s;(各1分)           (2)5.25J,5.29J(各2分)

14. (6分)

15題.(共8分)

解:該隊員先在t1=1s時間內(nèi)以a1勻加速下滑.

然后在t2=1.5s時間內(nèi)以a2勻減速下滑.

第1s由牛頓第二定律得:mg-F1=ma1                   

所以a1==4m/s2                                  (2分)

最大速度vm=a1t1                                      

代入數(shù)據(jù)解得:vm=4m/s                                 (2分)

后1.5s由牛頓第二定律得:F2-mg=ma2                  

a2==2m/s2                                       (2分)

隊員落地時的速度v=vm-a2t2                              

代入數(shù)據(jù)解得:v=1m/s                                   (2分)

 

16(8分)題將運動員看成質(zhì)量為m的質(zhì)點,從高處下落,剛接觸網(wǎng)時的速度的大小

    、                (2分)

   彈跳后到達(dá)的高度為,剛離網(wǎng)時的速度的大小

     ②              (2分)

   接觸過程中運動員受到向下的重力mg和網(wǎng)向上的彈力F。選取豎直向上為正方向,由動量定理,得 、              (3分)

  由以上三式解得

  代入數(shù)值得           (1分)

 

17.(12分)

(1)mv0=2mvA…………………………(3分)     vA =v0……………………(1分)

(2)qE=2mv2A /r………………………………………………………………(2分)

E= ……………………………………………………………(1分)

E的方向是: 豎直向上………………………………………………(1分)

(3)在AB過程中應(yīng)用動能定理有:   qE?2r-2mg?2r=EkB-?2mv2…………………(3分)

∴EkB=mv20-4mgr………………………………………………………(1分)

 

18.(12分)參考解答:

(1)開始時彈簧形變量為,

由平衡條件:   ①…………… (1分)

設(shè)當(dāng)A剛離開檔板時彈簧的形變量為

由:  ②…………………………(1分)

故C下降的最大距離為:  ③…………………………(2分)

由①~③式可解得    ④………………………… (2分)

(2)由能量守恒定律可知:C下落h過程中,C重力勢能的的減少量等于B的電勢能的增量和彈簧彈性勢能的增量以及系統(tǒng)動能的增量之和

當(dāng)C的質(zhì)量為M時:    ⑤………………(2分)

當(dāng)C的質(zhì)量為2M時,設(shè)A剛離開擋板時B的速度為V

 ⑥ ……………(2分)

由④~⑥式可解得A剛離開PB的速度為:

  ⑦…………………………(2分)

 

 

 

 

 

 

 

19題:(14分)

(1)m1與m2碰撞過程滿足

        mv0=mv1+2mv2                                    (1分)

        mv02=mv12+2mv22                             (1分)

得v1=-(負(fù)號表示逆時針返回),v2=-          (2分)

(2)因為m2=m3=2m,與第(1)問同理可得,m2運動到C處與m3碰后,兩者交換速度,即v2=0,v3=v2                                           (2分)

所以m3的速度順時針由C向A運動,與m1逆時針返回,

因為v2=v3=2v1, +=2

所以m3和m1同時到達(dá)A點并進行碰撞。            (2分)

(3)m3和m1碰撞過程滿足

2m-m=m v1+2m v3

2m()2+m()2=m v1′2+2m v3′2                     

解之得v1=v0,v3=0(另一解v1=-,v3,這表示互相穿過去,不可能,所以舍去)即碰后m3停止,m1以v0再次順時針運動。         (4分)

m1和m2第一次相碰后,返回A點的時間t1==

m1和m3在A處碰后,m1以v0返回到C的時間t2=

從m1和m3在第一次相碰,到m1和m2第二次相碰經(jīng)歷的總時間

t= t1+ t2=                                      (2分)

 


同步練習(xí)冊答案