G．如圖為一列向右傳播的簡(jiǎn)諧橫波的圖象.波速為5m/s.則經(jīng)1.5s質(zhì)點(diǎn)處于波峰位置 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

如圖為一列在均勻介質(zhì)中沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在某時(shí)刻的波形圖，波速為4m/s．圖中“A、B、C、D、E、F、G、H”各質(zhì)點(diǎn)中（　�。�

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如圖為一列在均勻介質(zhì)中沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在某時(shí)刻的波形圖，波速為4m/s．圖中“A、B、C、D、E、F、G、H”各質(zhì)點(diǎn)中（ ）

A．沿y軸正方向速率最大的質(zhì)點(diǎn)是D
B．沿y軸正方向加速度最大的質(zhì)點(diǎn)是B
C．經(jīng)過(guò)△t=0.5 S質(zhì)點(diǎn)D將向右移動(dòng)2 m
D．經(jīng)過(guò)△t=2.5 S，質(zhì)點(diǎn)D的位移是0.2 m

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（改編）如圖為一列在均勻介質(zhì)中沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在某時(shí)刻的波形圖，波速為4m/s。圖中“A、B、C、D、E、F、G、H”各質(zhì)點(diǎn)中，（     ）

       A．沿y軸正方向速率最大的質(zhì)點(diǎn)是D

       B．沿y軸正方向加速度最大的質(zhì)點(diǎn)是B

       C．經(jīng)過(guò)△t＝0.5s質(zhì)點(diǎn)D將向右移動(dòng)2m

       D．經(jīng)過(guò)△t＝2.5s，質(zhì)點(diǎn)D的位移是2.0m

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如圖1－2－19所示為一列在均勻介質(zhì)中沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在某時(shí)刻的波形圖，波速為4 m/s.圖中“A、B、C、D、E、F、G、H”各質(zhì)點(diǎn)中(　　)．

A．沿y軸正方向速率最大的質(zhì)點(diǎn)是D

B．沿y軸正方向加速度最大的質(zhì)點(diǎn)是B

C．經(jīng)過(guò)Δt＝0.5 s質(zhì)點(diǎn)D將向右移動(dòng)2 m

D．經(jīng)過(guò)Δt＝2.5 s，質(zhì)點(diǎn)D的位移是0.2 m

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精英家教網(wǎng)以下是有關(guān)波動(dòng)和相對(duì)論內(nèi)容的若干敘述：
A．單擺的擺球振動(dòng)到平衡位置時(shí)，所受的合外力為零
B．光速不變?cè)硎牵赫婵罩械墓馑僭诓煌膽T性參考系中都是相同的
C．波在傳播的過(guò)程中，介質(zhì)質(zhì)點(diǎn)將沿波的傳播方向做勻速運(yùn)動(dòng)
D．兩列波相疊加產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，則振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)域與減弱區(qū)域交替變化
E．光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光波是橫波
F．夜視儀器能在較冷的背景上探測(cè)出較熱物體的紅外輻射
G．如圖為一列向右傳播的簡(jiǎn)諧橫波的圖象，波速為5rn/s，則經(jīng)1.5s質(zhì)點(diǎn)A處于波峰位置
H．彈簧振子的位移隨時(shí)間變化的表達(dá)式是x=sin2πt，則在0.3s～0.4s的時(shí)間內(nèi)，振子的速率在增大
其中正確的有
 
．

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1.C 2.A 3.A 4.C 5.B 6.AD 7.AC 8.AD 9.BC

10．（1）BCD

(2)(1) A　，C　　　　�。�2）　9.58　　　　

（3）不合理．由于阻力的存在，第（2）問(wèn)中求得的結(jié)果不是當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋荒苡盟鼇?lái)計(jì)算重力勢(shì)能的改變量．　

11．(1)A D E G H(2分)

 (2)b (1分)  實(shí)物連接如下圖(2分)

(3)2.4 (3分)；1.27×10―6 ?m(3分．答1.25×10-6~1.30×106?m均按正確．)

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（2）解：作出光路如圖
           由折射定律得（2分）
           
           所以r=30°（2分）
           由圖知
           則AB―AC=d?tan30°=d
           出射光線(xiàn)與入射光線(xiàn)間的距離是d（2分）
    12-C（1）BCDGH（6分，全對(duì)得6分，不全對(duì)的每對(duì)一項(xiàng)得1分，錯(cuò)一項(xiàng)扣1分，錯(cuò)2項(xiàng)扣3分，錯(cuò)3項(xiàng)本題不得分，本題不得負(fù)分）
       （2）①A、B相碰滿(mǎn)足動(dòng)量守恒（1分）
           得兩球跟C球相碰前的速度v1=1m/s（1分）
           ②兩球與C碰撞同樣滿(mǎn)足動(dòng)量守恒（1分）
           得兩球碰后的速度v2=0.5m/s，
           兩次碰撞損失的動(dòng)能（2分）
           （1分）
    14. 解：
    （1）mgsinα=BILcosα ………………2分
    解得：I=1A             
 ………1分
     (2) I=             
  ……2分
    解得：v=25m/s                         ……2分
    (3) PQ=I2R=4.5W                         ……1分
    PG=mgvsinα=6W           ……1分
    重力勢(shì)能的減少量，一部分轉(zhuǎn)化成電能，以焦耳熱的形式釋放，另一部分給電源充電。
    15. 解：
    （1）撤去F前，根據(jù)牛頓第二定律，有：
        金屬塊：                                                              …………（2分）
        平板車(chē)：                                              …………（2分）
        從給車(chē)一個(gè)向右的水平恒力到剛撤去該力的過(guò)程，平板車(chē)與金屬塊發(fā)生的位移滿(mǎn)足關(guān)系：                                         …………（2分）
        即：
        解得：                                                                     …………（2分）
        所以：                                                         …………（2分）
                                                                         …………（2分）
    （2）撤去F后，金屬塊在平板車(chē)的CB段滑動(dòng)的過(guò)程，設(shè)最終的共同速度為v3，根據(jù)動(dòng)量守恒，有：
                                                                       …………（3分）
        該過(guò)程系統(tǒng)機(jī)械能損失等于摩擦生熱，有：
                                       …………（3分）
        解得：          
     
     
     
     
     
     
     
    		
    
	
	
    
		
    


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