如圖所示,A、B是兩塊豎直放置的平行金屬板,相距為2l,分別帶有等量的負(fù)、正電荷,在兩板間形成電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng).A板上有一小孔(它的存在對(duì)兩板間勻強(qiáng)電場(chǎng)分布的影響可忽略不計(jì)),孔的下沿右側(cè)有一條與板垂直的水平光滑絕緣軌道,一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的小球(可視為質(zhì)點(diǎn)),在外力作用下靜止在軌道的中點(diǎn)P處.孔的下沿左側(cè)也有一與板垂直的水平光滑絕緣軌道,軌道上距A板l處有一固定檔板,長(zhǎng)為l的輕彈簧左端固定在擋板上,右端固定一塊輕小的絕緣材料制成的薄板Q.撤去外力釋放帶電小球,它將在電場(chǎng)力作用下由靜止開始向左運(yùn)動(dòng),穿過小孔(不與金屬板A接觸)后與薄板Q一起壓縮彈簧,由于薄板Q及彈簧的質(zhì)量都可以忽略不計(jì),可認(rèn)為小球與Q接觸過程中不損失機(jī)械能.小球從接觸Q開始,經(jīng)歷時(shí)間T0第一次把彈簧壓縮至最短,然后又被彈簧彈回.由于薄板Q的絕緣性能有所欠缺,使得小球每次離開彈簧的瞬間,小球的電荷量都損失一部分,而變成剛與彈簧接觸時(shí)小球電荷量的
1k
(k>1).
(1)小球第一次接觸薄板Q后,則彈簧的彈性勢(shì)能多大;
(2)假設(shè)小球被第N次彈回兩板間后向右運(yùn)動(dòng)的最遠(yuǎn)處恰好到達(dá)B板,小球從開始運(yùn)動(dòng)到被第N次彈回兩板間向右運(yùn)動(dòng)到達(dá)B板的總時(shí)間.
分析:(1)小球在電場(chǎng)力作用下由靜止開始向左運(yùn)動(dòng),對(duì)于從小球開始釋放到壓縮彈簧到最短的過程,運(yùn)用功能關(guān)系列式求解彈簧的彈性勢(shì)能最大值.
(2)根據(jù)牛頓第二定律求出加速度,再根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解第一次接觸Q時(shí)的速度大。∏驈牡贜次接觸Q,到本次向右運(yùn)動(dòng)至最遠(yuǎn)處的時(shí)間包括兩部分,一部分是小球從接觸Q開始,經(jīng)歷時(shí)間T0第一次把彈簧壓縮至最短,然后又被彈簧彈回,另一部分是離開Q向右做減速運(yùn)動(dòng)的過程.根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求小球從第N次接觸Q,到本次向右運(yùn)動(dòng)至最遠(yuǎn)處的時(shí)間TN的表達(dá)式,再求總時(shí)間.
解答:解:(1)對(duì)于從小球開始釋放到壓縮彈簧到最短的過程,根據(jù)功能關(guān)系得:
Ep=qEl.
(2)設(shè)小球第一次接觸Q的速度為v,接觸Q前的加速度為a.
根據(jù)牛頓第二定律有:qE=ma
對(duì)于小球從靜止到與Q接觸前的過程,根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有v2=2al
聯(lián)立解得:v=
2qEL
m

小球每次離開Q的速度大小相同,等于小球第一次與Q接觸時(shí)速度大小為:
v=
2qEL
m

設(shè)小球第n次離開Q向右做減速運(yùn)動(dòng)的加速度為an,速度由v減為零
所需時(shí)間為tn,小球離開Q所帶電荷量為qn,則有:
qnE=man 
tn=
v
an

qn=
q
kn

聯(lián)立解得:tn=
mv
qE
kn

小球從第N次接觸Q,到本次向右運(yùn)動(dòng)至最遠(yuǎn)處的時(shí)間為:
Tn=2T0+
2ml
qE
kN,
故小球從開始運(yùn)動(dòng)到被第N次彈回兩板間向右運(yùn)動(dòng)到達(dá)B板的總時(shí)間為:
T=T1+T2+…TN=2NT0+
2ml
qE
(1+2k+2k2+2k3+…+2kN-1+kN)

答:(1)小球第一次接觸薄板Q后,則彈簧的彈性勢(shì)能為qEl;
(2)假設(shè)小球被第N次彈回兩板間后向右運(yùn)動(dòng)的最遠(yuǎn)處恰好到達(dá)B板,小球從開始運(yùn)動(dòng)到被第N次彈回兩板間向右運(yùn)動(dòng)到達(dá)B板的總時(shí)間為2NT0+
2ml
qE
(1+2k+2k2+2k3+…+2kN-1+kN)
點(diǎn)評(píng):了解研究對(duì)象的運(yùn)動(dòng)過程是解決問題的前提,根據(jù)題目已知條件和求解的物理量選擇物理規(guī)律解決問題.要注意小球運(yùn)動(dòng)過程中各個(gè)物理量的變化.
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14
L
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