分析 (1)由受力分析,求出加速度大即可
(2)由運(yùn)動(dòng)學(xué)知識(shí)求出小球的運(yùn)動(dòng)狀態(tài),運(yùn)用定能定理求出功的大小
(3)電場(chǎng)力與重力平衡,小球在復(fù)合場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),求出軌跡半徑,然后求解即可
解答 解:(1)以小球?yàn)檠芯繉?duì)象,豎直方向小球受重力和恒定的洛倫茲力fy,故小球在管中豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng),加速度大小為ay,則:
ay=fy−mgm,
fy=qvxB1
聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得:ay=2m/s2
(2)以地面為參照物,小球在水平方向以vx=2m/s的速度勻速向右運(yùn)動(dòng),豎直方向在洛倫茲力分力fy和重力共同作用下做初速度為零,加速度大小為ay勻加速運(yùn)動(dòng)
豎直方向由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式:vy2=2ayy
水平方向做勻速運(yùn)動(dòng),由平衡條件:F′N=qvyB1
聯(lián)立以上可得:F′N=2.4×10-4N
由牛頓第三定律知,
小球離開(kāi)管口時(shí)F′N=2.4×10-4N,故此時(shí)ym=1m,圖象如圖所示
對(duì)小球在離開(kāi)管口前由動(dòng)能定理,其中洛倫茲力不做功,有:
W-mgym=12mv2−12mv2x
小球離開(kāi)管口時(shí)速度為:
v=√v2x+v2y=2√2m/s
解得:W=2.4×10-4J
(3)小球離開(kāi)管口進(jìn)入復(fù)合場(chǎng),其中qE=2×10-4N,mg=2×10-4N.故電場(chǎng)力與重力平衡,小球在復(fù)合場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng).合速度為:v=√v2x+v2y=2√2m/s,
與MN成θ,其中tanθvyvx=1即 θ=45°,
軌道半徑為R,qvB2=mv2R,
解得:R=√2m
小球離開(kāi)管口開(kāi)始計(jì)時(shí),到再次經(jīng)過(guò)MN所通過(guò)的水平距離:x1=√2R2m
對(duì)應(yīng)時(shí)間t=\frac{1}{4}T=\frac{πm}{2q{B}_{2}}=\frac{π}{4}=\frac{3}{4}s
小車運(yùn)動(dòng)距離為:x2=vt=1.5m
△x=x1-x2=0.5m
答:(1)小球剛進(jìn)入磁場(chǎng)B1時(shí)的加速度大小2.0m/s2
(2)管壁彈力對(duì)小球做的功為2.4×10-4J;
(3)小球離開(kāi)管后再次經(jīng)過(guò)水平面MN時(shí)距管口的距離△x為0.5m.
點(diǎn)評(píng) 本題考查了帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng),對(duì)復(fù)合場(chǎng)的理解和運(yùn)動(dòng)過(guò)程的分析是解決此類問(wèn)題的關(guān)鍵.關(guān)鍵是畫出運(yùn)動(dòng)軌跡
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:解答題
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:填空題
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:多選題
A. | 它的輸出功率可以大于它的輸入功率 | |
B. | 它的輸出功率等于它的輸入功率 | |
C. | 原副線圈兩端的電壓與它們的匝數(shù)成正比 | |
D. | 原副線圈兩端的電流與它們的匝數(shù)成反比 |
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:多選題
A. | S閉合瞬間,A中有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) | B. | S斷開(kāi)瞬間,A中有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) | ||
C. | S閉合瞬間,M亮一下,N不亮 | D. | S斷開(kāi)瞬間,M和N二者均不亮 |
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:選擇題
A. | ![]() | B. | ![]() | C. | ![]() | D. | ![]() |
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科目:高中物理 來(lái)源: 題型:選擇題
A. | a受到兩個(gè)摩擦力的作用 | |
B. | a共受到四個(gè)力的作用 | |
C. | b共受到四個(gè)力的作用 | |
D. | a受到墻壁的摩擦力的大小不隨F的增大而增大 |
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