Question

8．如圖甲所示，建立Oxy坐標系，兩平行極板P、Q垂直于y軸且關(guān)于x軸對稱，極板長度和板間距均為l，第一四象限有磁場，方向垂直于Oxy平面向里．位于極板左側(cè)的粒子源沿x軸間右連續(xù)發(fā)射質(zhì)量為m、電量為+q、速度相同、重力不計的帶電粒子在0～3t₀時間內(nèi)兩板間加上如圖乙所示的電壓（不考慮極邊緣的影響）．已知t=0時刻進入兩板間的帶電粒子恰好在t₀時刻經(jīng)極板邊緣射入磁場．上述m、q、l、t₀、B為已知量．（不考慮粒子間相互影響及返回板間的情況）

（1）求電壓U₀的大�。�
（2）求$\frac{1}{2}$t₀時進入兩板間的帶電粒子在磁場中做圓周運動的半徑．
（3）何時射入兩板間的帶電粒子在磁場中的運動時間最短？求此最短時間．

Answer 1

分析 （1）t=0時刻進入兩極板的帶電粒子在電場中做類平拋運動．由題知道x方向位移為l，y方向位移為$\frac{l}{2}$，運用運動的分解，根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式求解U．
（2）$\frac{1}{2}$t₀時刻進入兩極板的帶電粒子，前$\frac{1}{2}$t₀時間在電場中偏轉(zhuǎn)，后$\frac{1}{2}$t₀時間兩極板沒有電場，帶電粒子做勻速直線運動．根據(jù)運動學規(guī)律求出y方向分速度與x方向分速度，再合成求出粒子進入磁場時的速度，則牛頓定律求出粒子在磁場中做圓周運動的半徑．
（3）帶電粒子在磁場中運動的周期一定，當軌跡的圓心角最小時，在磁場中運動的時間最短．

解答 解：（1）t=0時刻進入兩極板的帶電粒子在電場中做勻變速曲線運動，t₀時刻剛好從極板邊緣射出，
則有 y=$\frac{1}{2}$l，x=l，
電場強度：E=$\frac{{U}_{0}}{L}$…①，
由牛頓第二定律得：Eq=ma…②，
偏移量：y=$\frac{1}{2}$at₀²…③
由①②③解得：U₀=$\frac{m{l}^{2}}{q{t}_{0}^{2}}$…④．
（2）$\frac{1}{2}$t₀時刻進入兩極板的帶電粒子，前$\frac{1}{2}$t₀時間在電場中偏轉(zhuǎn)，后$\frac{1}{2}$t₀時間兩極板沒有電場，帶電粒子做勻速直線運動．
帶電粒子沿x軸方向的分速度大小為：v_x=v₀=$\frac{l}{{t}_{0}}$…⑤
帶電粒子離開電場時沿y軸負方向的分速度大小為：v_y=a•$\frac{1}{2}$t₀ …⑥
帶電粒子離開電場時的速度大小為：v=$\sqrt{{v}_{x}^{2}+{v}_{y}^{2}}$…⑦
設(shè)帶電粒子離開電場進入磁場做勻速圓周運動的半徑為R，
由牛頓第二定律得：qvB=m$\frac{{v}^{2}}{R}$…⑧，
由③⑤⑥⑦⑧解得：R=$\frac{\sqrt{5}ml}{2qB{t}_{0}}$…⑨；
（3）在t=2t₀時刻進入兩極板的帶電粒子，在電場中做類平拋運動的時間最長，飛出極板時速度方向與磁場邊界的夾角最小，
而根據(jù)軌跡幾何知識可知，軌跡的圓心角等于粒子射入磁場時速度方向與邊界夾角的2倍，
所以在t=2t₀時刻進入兩極板的帶電粒子在磁場中運動時間最短．
帶電粒子離開磁場時沿y軸正方向的分速度為：v_y′=at₀ …⑩，
設(shè)帶電粒子離開電場時速度方向與y軸正方向的夾角為α，則：tanα=$\frac{{v}_{0}}{{v}_{y}′}$，
由③⑤⑩解得：α=$\frac{π}{4}$，帶電粒子在磁場運動的軌跡圖如圖所示，
圓弧所對的圓心角為：2α=$\frac{π}{2}$，
所求最短時間為：t_min=$\frac{1}{4}$T，
帶電粒子在磁場中運動的周期為：T=$\frac{2πm}{qB}$，
聯(lián)立以上兩式解得：t_min=$\frac{πm}{2qB}$；
答：（1）電壓U₀的大小為$\frac{m{l}^{2}}{q{t}_{0}^{2}}$；
（2）$\frac{1}{2}$t₀時刻進入兩板間的帶電粒子在磁場中做圓周運動的半徑為$\frac{\sqrt{5}ml}{2qB{t}_{0}}$；
（3）在t=2t₀時刻進入兩板間的帶電粒子在磁場中的運動時間最短，最短時間為$\frac{πm}{2qB}$．

點評 該題考查到的知識點較多，首先是考察到了離子在勻強電場中的偏轉(zhuǎn)，并且電場還是變化的，這就要求我們要有較強的過程分析能力，對物體的運動進行分段處理；還考察到了離子在勻強磁場中的偏轉(zhuǎn)，要熟練的會用半徑公式和周期公式解決問題；在解決粒子在有界磁場中的運動時間問題時，要注意偏轉(zhuǎn)角度與運動時間的關(guān)系，熟練的運用幾何知識解決問題．是一道難度較大的題．