Question

如圖，A、B兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別是（8，0）、（0，6），點(diǎn)P由點(diǎn)B出發(fā)沿BA方向向點(diǎn)A作勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度為每秒3個(gè)單位長(zhǎng)度，點(diǎn)Q由A出發(fā)沿AO（O為坐標(biāo)原點(diǎn)）方向向點(diǎn)O作勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度為每秒2個(gè)單位長(zhǎng)度，連接PQ，若設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t（0＜t＜）秒．解答如下問(wèn)題：
（1）當(dāng)t為何值時(shí)，PQ∥BO？
（2）設(shè)△AQP的面積為S，
①求S與t之間的函數(shù)關(guān)系式，并求出S的最大值；
②若我們規(guī)定：點(diǎn)P、Q的坐標(biāo)分別為（x₁，y₁），（x₂，y₂），則新坐標(biāo)（x₂-x₁，y₂-y₁）稱為“向量PQ”的坐標(biāo)．當(dāng)S取最大值時(shí)，求“向量PQ”的坐標(biāo)．

Answer 1

解：（1）∵A、B兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別是（8，0）、（0，6），則OB=6，OA=8，
∴AB===10．
如圖①，當(dāng)PQ∥BO時(shí)，AQ=2t，BP=3t，則AP=10-3t．
∵PQ∥BO，
∴，即，
解得t=，
∴當(dāng)t=秒時(shí)，PQ∥BO．

（2）由（1）知：OA=8，OB=6，AB=10．
①如圖②所示，過(guò)點(diǎn)P作PD⊥x軸于點(diǎn)D，則PD∥BO，
∴，即，解得PD=6-t．
S=AQ•PD=•2t•（6-t）=6t-t²=-（t-）²+5，
∴S與t之間的函數(shù)關(guān)系式為：S=-（t-）²+5（0＜t＜），
當(dāng)t=秒時(shí)，S取得最大值，最大值為5（平方單位）．
②如圖②所示，當(dāng)S取最大值時(shí)，t=，
∴PD=6-t=3，
∴PD=BO，
又∵PD∥BO，
∴此時(shí)PD為△OAB的中位線，則OD=OA=4，
∴P（4，3）．
又∵AQ=2t=，
∴OQ=OA-AQ=，∴Q（，0）．
依題意，“向量PQ”的坐標(biāo)為（-4，0-3），即（，-3）．
∴當(dāng)S取最大值時(shí)，“向量PQ”的坐標(biāo)為（，-3）．
分析：（1）如圖①所示，當(dāng)PQ∥BO時(shí)，利用平分線分線段成比例定理，列線段比例式，求出t的值；
（2）①求S關(guān)系式的要點(diǎn)是求得△AQP的高，如圖②所示，過(guò)點(diǎn)P作過(guò)點(diǎn)P作PD⊥x軸于點(diǎn)D，構(gòu)造平行線PD∥BO，由線段比例關(guān)系求得PD，從而S可求出．S與t之間的函數(shù)關(guān)系式是一個(gè)關(guān)于t的二次函數(shù)，利用二次函數(shù)求極值的方法求出S的最大值；
②本問(wèn)關(guān)鍵是求出點(diǎn)P、Q的坐標(biāo)．當(dāng)S取最大值時(shí)，可推出此時(shí)PD為△OAB的中位線，從而可求出點(diǎn)P的縱橫坐標(biāo)，又易求Q點(diǎn)坐標(biāo)，從而求得點(diǎn)P、Q的坐標(biāo)；求得P、Q的坐標(biāo)之后，代入“向量PQ”坐標(biāo)的定義（x₂-x₁，y₂-y₁），即可求解．
點(diǎn)評(píng)：本題是典型的動(dòng)點(diǎn)型問(wèn)題，解題過(guò)程中，綜合利用了平行線分線段成比例定理（或相似三角形的判定與性質(zhì)）、勾股定理、二次函數(shù)求極值及三角形中位線性質(zhì)等知識(shí)點(diǎn)．第（2）②問(wèn)中，給出了“向量PQ”的坐標(biāo)的新定義，為題目增添了新意，不過(guò)同學(xué)們無(wú)須為此迷惑，求解過(guò)程依然是利用自己所熟悉的數(shù)學(xué)知識(shí)．