Question

如圖，在平面直角坐標(biāo)系中，四邊形ABCO是梯形，其中A（6，0），B（3，），C（1，），動點(diǎn)P從點(diǎn)O以每秒2個單位的速度向點(diǎn)A運(yùn)動，動點(diǎn)Q也同時從點(diǎn)B沿B→ C→O的線路以每秒1個單位的速度向點(diǎn)O運(yùn)動，當(dāng)點(diǎn)P到達(dá)A點(diǎn)時，點(diǎn)Q也隨之停止，設(shè)點(diǎn)P、Q運(yùn)動的時間為t（秒）.

（1）求經(jīng)過A、B、C三點(diǎn)的拋物線的解析式；
（2）當(dāng)點(diǎn)Q在CO邊上運(yùn)動時，求△OPQ的面積S與時間t的函數(shù)關(guān)系式；
（3）以O(shè)、P、Q為頂點(diǎn)的三角形能構(gòu)成直角三角形嗎？若能，請求出t的值，若不能，請說明理由；
（4）經(jīng)過A、B、C三點(diǎn)的拋物線的對稱軸、直線OB和PQ能夠交于一點(diǎn)嗎？若能，請求出此時t的值（或范圍），若不能，請說明理由.

Answer 1

（1）（2）（2≤t≤3）（3）不能（4）能夠交于一點(diǎn)，此時0≤t≤2

解：（1）設(shè)經(jīng)過A、B、C三點(diǎn)的拋物線的解析式為：，
把A（6，0），B（3，），C（1，）代入得：
，解得：。
∴經(jīng)過A、B、C三點(diǎn)的拋物線的解析式為：。
（2）∵可求BC=2，OC=2，OA=6
∴當(dāng)點(diǎn)Q在CO邊上運(yùn)動，點(diǎn)P在OA邊上運(yùn)動時，2≤t≤3。
如圖，過點(diǎn)C作CD⊥x軸的于點(diǎn)D，過點(diǎn)Q作QH⊥x軸的于點(diǎn)H，

則OD=1，CD=，OC=2，。
由△OQH∽△OCD得，，即，
∴。
又∵動點(diǎn)P的速度是每秒2個單位，∴OP=2t。
∴。
∴所求△OPQ的面積S與時間t的函數(shù)關(guān)系式為：（2≤t≤3）。
（3）根據(jù)題意可知，0≤t≤3。
當(dāng)0≤t≤2時，點(diǎn)Q在BC邊上運(yùn)動，此時，OP=2t，。
∵OD=1，CD=，∴。∴。
∵，∴若△OPQ為直角三角形，只能是或。
若，則，即，
解得，或（舍去）。
若，則，即，
解得，。
當(dāng)2＜t≤3時，點(diǎn)Q在CO邊上運(yùn)動，此時，OP=2t＞4，，OQ＜OC=2，
∴此時，△OPQ不可能為直角三角形。
綜上所述，當(dāng)或時，△OPQ為直角三角形。
（4）由（1）可得，其對稱軸為。
又直線OB的解析式為，
∴拋物線對稱軸與OB的交點(diǎn)為M（0，）。
又P（2t，0），
設(shè)過點(diǎn)P、M的直線解析式為，則
，解得。
∴過點(diǎn)P、M的直線解析式為 。
又當(dāng)0≤t≤2時，Q，
把代入得
，
∴點(diǎn)Q在直線PM上，即當(dāng)0≤t≤2時，點(diǎn)P、M、Q總在一直線上。
當(dāng)2＜t≤3時，，，∴Q。
代入，解得或，均不合題意，舍去。
綜上所述，經(jīng)過A、B、C三點(diǎn)的拋物線的對稱軸、直線OB和PQ能夠交于一點(diǎn)，此時0≤t≤2。
（1）應(yīng)用待定系數(shù)法求解即可。
（2）過點(diǎn)C作CD⊥x軸的于點(diǎn)D，過點(diǎn)Q作QH⊥x軸的于點(diǎn)H，由△OQH∽△OCD得比例式，從而用t表示出△OPQ的邊OP上的高，進(jìn)而根據(jù)三角形面積公式即可求得所求△OPQ的面積S與時間t的函數(shù)關(guān)系式。
（3）分點(diǎn)Q在BC邊上運(yùn)動（0≤t≤2）和點(diǎn)Q在CO邊上運(yùn)動（2＜t≤3）兩種情況討論。
（4）根據(jù)二次函數(shù)的性質(zhì)求出拋物線對稱軸，求出直線OB的解析式，從而得到二者的交點(diǎn)
M（0，），進(jìn)而求出點(diǎn)P、M的直線解析式為。分分點(diǎn)Q在BC邊上運(yùn)動（0≤t≤2）和點(diǎn)Q在CO邊上運(yùn)動（2＜t≤3）兩種情況討論點(diǎn)Q與直線的關(guān)系，得出結(jié)論。